题目与题解
491.递增子序列
题目链接:491.递增子序列
代码随想录题解:491.递增子序列
解题思路:
仍旧是组合题的回溯思路,但是有两个限制条件:一个是求序列,意味着数组顺序不可更改;二是求非递减序列,则要求后一个数不比前一个数小。
递归三部曲:
参数为 - 结果序列HashSet 的result,因为这里是有顺序的,所以结果唯一,可以用set去重;用于记录当前序列的list,数组nums和startIndex
终止条件是按照非递减序列至少有两个元素,只要list中含有不止一个元素,就可以将其加入result并返回
单层遍历条件为,如果list不为空且当前元素nums[i]不比list最后一个元素小,将其加入list,并用回溯函数对i+1之后的元素求解,再弹出list最后一个元素即可。
class Solution {
HashSet<List<Integer>> result = new HashSet<>();
LinkedList<Integer> list = new LinkedList<>();
public List<List<Integer>> findSubsequences(int[] nums) {
findSubsequences(nums, 0);
return new ArrayList<>(result);
}
public void findSubsequences(int[] nums, int startIndex) {
if (list.size() > 1) {
result.add(new ArrayList<>(list));
}
for (int i = startIndex; i < nums.length; i++) {
if (list.isEmpty() || nums[i] >= list.getLast()) {
list.add(nums[i]);
findSubsequences(nums, i + 1);
list.pollLast();
}
}
}
}
看完代码随想录之后的想法
一开始不知道怎么去重,发现结果要求的是序列,所以想到可以用set去重,但是效率比较低。
随想录直接用unordered set来记录元素在当前层有没有被使用,非常方便,根据nums[i]的范围直接用数组代替hashset效率更高。
class Solution {
private List<Integer> path = new ArrayList<>();
private List<List<Integer>> res = new ArrayList<>();
public List<List<Integer>> findSubsequences(int[] nums) {
backtracking(nums,0);
return res;
}
private void backtracking (int[] nums, int start) {
if (path.size() > 1) {
res.add(new ArrayList<>(path));
}
int[] used = new int[201];
for (int i = start; i < nums.length; i++) {
if (!path.isEmpty() && nums[i] < path.get(path.size() - 1) ||
(used[nums[i] + 100] == 1)) continue;
used[nums[i] + 100] = 1;
path.add(nums[i]);
backtracking(nums, i + 1);
path.remove(path.size() - 1);
}
}
}
遇到的困难
一开始去重只想用简单粗暴的方法,判断前后元素是否一样决定是否跳过本次循环,后来发现不行,因为序列本身并没有被排列过,也不能被排列,可能会出现后面的元素比前面小,但是后面元素可以跟更前面的元素组成序列的情况。这里要去重的其实是当前层的相同元素,抓住这一点就比较好做了。需要注意的是,树层还是树枝要去重,used数组或set使用的地方不一样。
46.全排列
题目链接:46.全排列
代码随想录题解:46.全排列
视频讲解:组合与排列的区别,回溯算法求解的时候,有何不同?| LeetCode:46.全排列_哔哩哔哩_bilibili
解题思路:
仍旧是回溯那一套,不同的地方在于,全排列是要把所有可能的组合都输出,且不一定是按顺序输出,所以startIndex就不需要了。
回溯三部曲:参数为result,list,nums,和用于记录当前树枝元素使用情况的数组used,由于nums[i]仅仅在-10到10之间,且nums[i]中的元素不会重复,所以used可以初始化为21个全0元素;终止条件为list的元素数量与nums.length相同,表示每一个元素都已经取到了,将list加入result;单层遍历逻辑为,对于nums中的所有元素,如果used[nums[i]+10]被用过,直接跳过当前循环,否则将其加入list,调用回溯函数继续遍历nums,出来后将list最后一个元素弹出即可。
class Solution {
List<List<Integer>> result = new ArrayList<>();
LinkedList<Integer> list = new LinkedList<>();
boolean[] used = new boolean[21];
public List<List<Integer>> permute(int[] nums) {
backTrace(nums);
return result;
}
public void backTrace(int[] nums) {
if (list.size() == nums.length) {
result.add(new ArrayList<>(list));
return;
}
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
if (used[nums[i]+10]) continue;
list.add(nums[i]);
used[nums[i]+10] = true;
backTrace(nums);
used[nums[i]+10] = false;
list.pollLast();
}
}
}
看完代码随想录之后的想法
受前一题影响写复杂了,只要用used[i]记录当前位置的元素是否有使用即可。
也可以利用java里面linkedlist的特性,直接判断list是否contain 元素nums[i]替代used。
class Solution {
List<List<Integer>> result = new ArrayList<>();// 存放符合条件结果的集合
LinkedList<Integer> path = new LinkedList<>();// 用来存放符合条件结果
boolean[] used;
public List<List<Integer>> permute(int[] nums) {
if (nums.length == 0){
return result;
}
used = new boolean[nums.length];
permuteHelper(nums);
return result;
}
private void permuteHelper(int[] nums){
if (path.size() == nums.length){
result.add(new ArrayList<>(path));
return;
}
for (int i = 0; i < nums.length; i++){
if (used[i]){
continue;
}
used[i] = true;
path.add(nums[i]);
permuteHelper(nums);
path.removeLast();
used[i] = false;
}
}
}
遇到的困难
全排列和以往的组合问题不同,每次回溯时元素都是从头开始找,不需要startIndex,并且需要判断树枝上的元素是否使用过,保证每个list的元素不重复不遗漏,所以used数组非常好用。一开始写的时候没有想清楚就容易出错。
47.全排列 II
题目链接:47.全排列 II
代码随想录题解:47.全排列 II
视频讲解:回溯算法求解全排列,如何去重?| LeetCode:47.全排列 II_哔哩哔哩_bilibili
解题思路:
这一题在上一题的基础上,多了一个不可有重复排列数组的要求,所以在原先树枝去重的基础上,还要加上树层去重,需要两个used数组来处理。
回溯三部曲:
参数为result,list,nums,和用于记录当前树枝元素使用情况的数组used;
终止条件同样为list的元素数量与nums.length相同,表示每一个元素都已经取到了,将list加入result;
单层遍历逻辑为,在遍历前初始化usedCurrentLevel数组,考虑到nums[i]的范围,将其初始化大小为21;对于nums中的所有元素,如果used[i]或usedCurrentLevel[i]被用过,直接跳过当前循环,否则将其加入list,调用回溯函数继续遍历nums,出来后将list最后一个元素弹出即可。
class Solution {
List<List<Integer>> result = new ArrayList<>();
LinkedList<Integer> list = new LinkedList<>();
public List<List<Integer>> permuteUnique(int[] nums) {
Arrays.sort(nums);
boolean[] used = new boolean[nums.length];
backTrace(nums, used);
return result;
}
void backTrace(int[] nums, boolean[] used) {
if (list.size() == nums.length) {
result.add(new ArrayList<>(list));
return;
}
boolean[] usedCurrentLevel = new boolean[21];
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
if (used[i] || usedCurrentLevel[nums[i]+10]) continue;
usedCurrentLevel[nums[i]+10] = true;
list.add(nums[i]);
used[i] = true;
backTrace(nums, used);
used[i] = false;
list.pollLast();
}
}
}
看完代码随想录之后的想法
一般来说:组合问题和排列问题是在树形结构的叶子节点上收集结果,而子集问题就是取树上所有节点的结果。
从实现上来说,又想复杂了,usedCurrentLevel数组完全可以由nums[i]==nums[i-1]代替,因为全排列数组是可以先排序再计算的,不影响结果。
不过对于used[i-1]的true和false问题,有点费解,二刷再说吧。
class Solution {
//存放结果
List<List<Integer>> result = new ArrayList<>();
//暂存结果
List<Integer> path = new ArrayList<>();
public List<List<Integer>> permuteUnique(int[] nums) {
boolean[] used = new boolean[nums.length];
Arrays.fill(used, false);
Arrays.sort(nums);
backTrack(nums, used);
return result;
}
private void backTrack(int[] nums, boolean[] used) {
if (path.size() == nums.length) {
result.add(new ArrayList<>(path));
return;
}
for (int i = 0; i < nums.length; i++) {
// used[i - 1] == true,说明同⼀树⽀nums[i - 1]使⽤过
// used[i - 1] == false,说明同⼀树层nums[i - 1]使⽤过
// 如果同⼀树层nums[i - 1]使⽤过则直接跳过
if (i > 0 && nums[i] == nums[i - 1] && used[i - 1] == false) {
continue;
}
//如果同⼀树⽀nums[i]没使⽤过开始处理
if (used[i] == false) {
used[i] = true;//标记同⼀树⽀nums[i]使⽤过,防止同一树枝重复使用
path.add(nums[i]);
backTrack(nums, used);
path.remove(path.size() - 1);//回溯,说明同⼀树层nums[i]使⽤过,防止下一树层重复
used[i] = false;//回溯
}
}
}
}
遇到的困难
这题难就难在双重去重,但是前面其实做过很多类似的题目,将它们组合一下就可以了。
今日收获
从组合问题正式步入排列问题的求解,有点难,但是还是比较套路。