01.数据结构篇-链表

1.找出两个链表的交点

160. Intersection of Two Linked Lists (Easy)

Leetcode / 力扣

例如以下示例中 A 和 B 两个链表相交于 c1：

A:          a1 → a2
                    ↘
                      c1 → c2 → c3
                    ↗
B:    b1 → b2 → b3

但是不会出现以下相交的情况，因为每个节点只有一个 next 指针，也就只能有一个后继节点，而以下示例中节点 c 有两个后继节点。

A:          a1 → a2       d1 → d2
                    ↘  ↗
                      c
                    ↗  ↘
B:    b1 → b2 → b3        e1 → e2

要求时间复杂度为 O(N)，空间复杂度为 O(1)。如果不存在交点则返回 null。

设 A 的长度为 a + c，B 的长度为 b + c，其中 c 为尾部公共部分长度，可知 a + c + b = b + c + a。

当访问 A 链表的指针访问到链表尾部时，令它从链表 B 的头部开始访问链表 B；同样地，当访问 B 链表的指针访问到链表尾部时，令它从链表 A 的头部开始访问链表 A。这样就能控制访问 A 和 B 两个链表的指针能同时访问到交点。

如果不存在交点，那么 a + b = b + a，以下实现代码中pa和pb会同时为 null，从而退出循环。

public class Solution {
    public ListNode getIntersectionNode(ListNode headA, ListNode headB) {
        ListNode pa = headA, pb = headB;
        while(pa != pb){
            pa = (pa == null ? headB : pa.next);
            pb = (pb == null ? headA : pb.next);
        }
        return pa;
    }
}

2.翻转链表

206. Reverse Linked List (Easy)

Leetcode / 力扣

双指针迭代
我们可以申请两个指针，第一个指针叫 pre，最初是指向 null 的。
第二个指针 cur 指向 head，然后不断遍历 cur。
每次迭代到 cur，都将 cur 的 next 指向 pre，然后 pre 和 cur 前进一位。
都迭代完了(cur 变成 null 了)，pre 就是最后一个节点了。

class Solution {
    public ListNode reverseList(ListNode head) {
        ListNode pre = null, cur = head;
        
        while(cur != null){
            ListNode tmp = cur.next;
            cur.next = pre;
            pre = cur;
            cur = tmp;
        }
        return pre;

    }
}