话不多说,直接return pow(x,n)——
怎么可能!!
首先尝试暴力解法,循环x=x*x……时间复杂度肯定超了。
应该使用递归:
class Solution {
public:
double P(double x,int n){
if(n==0) return 1;
int m=n/2;
return n%2==0?P(x,m)*P(x,m):P(x,m)*P(x,m)*x;
}
double myPow(double x, int n) {
if(n==0) return 1;
else return n>0?P(x,n):1/P(x,-n);
}
};
发现时间复杂度还是超了,原来是return多次调用P(x,m),大意了,应该改为
class Solution {
public:
double P(double x,int n){
if(n==0) return 1;
int m=n/2;
double po=P(x,m);
return n%2==0?po*po:po*po*x;
}
double myPow(double x, int n) {
return n>0?P(x,n):1/P(x,-n);
}
};
然后又发现有案例过不了:
原来是n为负数时取-n的时候int可能会超界
于是:
class Solution {
public:
double P(double x,long long n){
if(n==0) return 1;
long long m=n/2;
double po=P(x,m);
return n%2==0?po*po:po*po*x;
}
double myPow(double x, int n) {
long long m=n;
return n>0?P(x,m):1/P(x,-m);
}
};
改成了long long,成功通过。
后来看到另一种解法:利用二进制,比如5的二进制是101,从低位向高位看:1代表有一个多余的x,需要将结果乘以一个x,向上移一位时将x取平方,然后0代表没有多余x,可以跳过,继续上移将x平方,最后1代表有多余x,将结果乘以x……
代码:
class Solution {
public:
double P(double x,long long n){
double result=1;
while(n>0){
if(n%2==1) result*=x;
x*=x;
n/=2;
}
return result;
}
double myPow(double x, int n) {
long long m=n;
return n>=0?P(x,m):1/P(x,-m);
}
};