3090. 每个字符最多出现两次的最长子字符串 简单
分析:
数据量,按照题意模拟即可。
这里我是用了 前缀和 记录了 0~i 的所有字母出现的次数。
代码:
C++
class Solution {
public:
int maximumLengthSubstring(string s) {
int n=s.length();
vector<vector<int>> cnt(n+1,vector<int>(26,0));
for(int i=0;i<n;i++){
cnt[i+1][s[i]-'a']++;
for(int j=0;j<26;j++) cnt[i+1][j]+=cnt[i][j];
}
for(int i=n;i>1;i--){
for(int j=0;j+i<=n;j++){
int k=0;
for(;k<26;k++){
if(cnt[j+i][k]-cnt[j][k]>2) break;
}
if(k==26) return i;
}
}
return 1;
}
};
python
class Solution:
def maximumLengthSubstring(self, s: str) -> int:
cnt = [[0] * 216 for i in range(len(s)+1)]
for i in range(len(s)):
cnt[i+1][ord(s[i]) - ord('a')]+=1
for j in range(26):
cnt[i+1][j] += cnt[i][j]
for i in range(len(s),1,-1):
for j in range(0,len(s)-i+1):
flag = True
for k in range(26):
if cnt[i+j][k] - cnt[j][k]>2:
flag=False
break
if flag:
return i
return 1
3091. 执行操作使数据元素之和大于等于 K 中等
分析:
法一:
贪心+找规律
在固定的操作次数 l l l 下,先进行 ⌊ l / 2 ⌋ \lfloor l/2 \rfloor ⌊l/2⌋ 次操作一,再进行 l − ⌊ l / 2 ⌋ l - \lfloor l/2 \rfloor l−⌊l/2⌋ 操作二,即可得到最大的元素之和。
规律如下:
操作次数 l | 最大元素之和 |
---|---|
1 1 1 | 1 ∗ 2 = 2 1 * 2 = 2 1∗2=2 |
2 2 2 | 2 ∗ 2 = 4 2 * 2 = 4 2∗2=4 |
3 3 3 | 2 ∗ 3 = 6 2 * 3 = 6 2∗3=6 |
4 4 4 | 3 ∗ 3 = 9 3 * 3 = 9 3∗3=9 |
5 5 5 | 3 ∗ 4 = 12 3 * 4 = 12 3∗4=12 |
6 6 6 | 4 ∗ 4 = 16 4 * 4 = 16 4∗4=16 |
… | … |
最终依照此规律,寻找最小的大于 k 的操作次数。
法二:
贪心+枚举
先加,后复制得到的数更大。
最多进行 k-1 次加法,此时是操作次数最大的情况,枚举 1~k-1 次加法,再计算后续还需要多少次复制,维护最小操作数即可。
代码:
法一
C++
class Solution {
public:
int minOperations(int k) {
if(k==0||k==1) return 0;
int cnt=1,a=1,b=2;
while(a*b<k){
if(a<b) a++;
else b++;
cnt++;
}
return cnt;
}
};
python
class Solution:
def minOperations(self, k: int) -> int:
if k==1 or k==0:
return 0
cnt,a,b=1,1,2
while a*b<k:
if a<b:
a+=1
else:
b+=1
cnt+=1
return cnt
法二:法二
3092. 最高频率的 ID 中等
分析:
寻找每次操作后,出现频率最高的数即可。
题目难点在于,在每次操作之后怎么寻找当前出现频率最高的数。
- 遍历的话,数据量大一定超时。
- 利用语言自带的工具
- 哈希表 + 可重复的有序集合:c++中的
multiset
,python中的SortedList
- 哈希表 + 优先队列 + 懒删除堆
- 哈希表 + 可重复的有序集合:c++中的
懒删除堆:因为优先队列不能查找,因此对于并非队首或队尾的元素,我们无法操作。可以使用 哈希表 维护当前的ID出现的次数,并将修改后的ID即其出现次数放入优先队列。同时对比优先队列队首的ID出现次数,与当前不符,就弹出。
代码:
哈希表 + 可重复的有序集合
C++
class Solution {
public:
vector<long long> mostFrequentIDs(vector<int>& nums, vector<int>& freq) {
unordered_map<int ,long long> m;
multiset<long long> s;
vector<long long> ans;
m[nums[0]]+=1LL*freq[0];
s.emplace(1LL*freq[0]);
ans.push_back(1LL*freq[0]);
for(int i=1;i<nums.size();i++){
long long t = m[nums[i]];
m[nums[i]]+=1LL*freq[i];
auto it = s.find(t);
if(it != s.end()){
s.erase(it); // 删除集合中的一个 t
}
s.insert(m[nums[i]]);
ans.push_back(*s.rbegin()); // 有序集合,s.rbegin() 即为最大的出现次数
}
return ans;
}
};
python
from sortedcontainers import SortedList
class Solution:
def mostFrequentIDs(self, nums: List[int], freq: List[int]) -> List[int]:
cnt = Counter()
s = SortedList()
ans = []
for x,f in zip(nums, freq):
t = cnt[x]
s.discard(t)
cnt[x]+=f
s.add(cnt[x])
ans.append(s[-1])
return ans
哈希表 + 优先队列 + 懒删除堆
C++
class Solution {
public:
vector<long long> mostFrequentIDs(vector<int>& nums, vector<int>& freq) {
unordered_map<int ,long long> m;
priority_queue<pair<long long, int>> q;
vector<long long> ans;
m[nums[0]]+=1LL*freq[0];
q.emplace(m[nums[0]], nums[0]);
ans.push_back(1LL*freq[0]);
for(int i=1;i<nums.size();i++){
long long t = m[nums[i]];
m[nums[i]]+=1LL*freq[i];
q.emplace(m[nums[i]], nums[i]); // 不断的将修改后的 ID 及其 对应的出现次数 加入优先队列
// 如下循环 实现 懒删除堆
while(m[q.top().second] != q.top().first) q.pop(); // 与当前 ID 的出现次数不符合,弹出优先队列
ans.push_back(q.top().first);
}
return ans;
}
};
python
class Solution:
def mostFrequentIDs(self, nums: List[int], freq: List[int]) -> List[int]:
cnt = Counter()
h = []
ans = []
for x,f in zip(nums, freq):
cnt[x]+=f
heapq.heappush(h, (-cnt[x], x))
while -h[0][0] != cnt[h[0][1]]:
heapq.heappop(h)
ans.append(-h[0][0])
return ans
3093. 最长公共后缀查询 困难
分析:
构建基于字符串后缀的字典树,并且不断维护对应下标,后续不断在字典树上查找即可。
注意数组的使用,容易内存超限。
同时注意当没有后缀与其匹配是,需要填入最短字符串的下标、
代码:
C++
class Node{
public:
int index=-1;
Node* next[26]{};
};
class Solution {
public:
vector<int> stringIndices(vector<string>& wordsContainer, vector<string>& wordsQuery) {
int n=wordsContainer.size(),m=wordsQuery.size(),d=1e4+5,dindex=-1;
vector<int> ans;
Node* root = new Node();
for(int i=0;i<n;i++){
int l=wordsContainer[i].length();
if(d>l) d=l,dindex=i;
Node* node = root;
for(int j=l-1;j>=0;j--){
int k = wordsContainer[i][j]-'a';
if(!node->next[k]) node->next[k] = new Node();
node = node->next[k];
if(node->index==-1) node->index=i;
else{
if(wordsContainer[node->index].length()>l) node->index=i;
}
}
}
for(int i=0;i<m;i++){
Node* node = root;
int l=wordsQuery[i].length();
int index=-1;
for(int j=l-1;j>=0;j--){
int k = wordsQuery[i][j]-'a';
if(!node->next[k])break;
node=node->next[k];
index=node->index;
}
ans.push_back(index!=-1?index:dindex);
}
return ans;
}
};
python
class Node:
def __init__(self) -> None:
self.children = [None] * 26
self.index = -1
class Solution:
def stringIndices(self, wordsContainer: List[str], wordsQuery: List[str]) -> List[int]:
n,m = len(wordsContainer), len(wordsQuery)
d,d_index = len(wordsContainer[0]),0
ans = []
def build_trie() -> Node: # 构建字典树
nonlocal wordsContainer,d,d_index
root = Node()
for i in range(n):
l=len(wordsContainer[i])
if d>l:
d=l
d_index=i
node = root
for j in range(l-1, -1, -1):
k = ord(wordsContainer[i][j]) - ord('a') # 字母转换成下标
if node.children[k] == None:
node.children[k] = Node()
node = node.children[k]
if node.index == -1: # 更新更优下标
node.index = i
else:
node.index = i if len(wordsContainer[node.index]) > l else node.index
return root
root = build_trie()
def find_word(s: str):
nonlocal root
node = root
index = -1
for i in range(len(s)-1,-1,-1):
k = ord(s[i]) - ord('a')
if node.children[k]==None:
break
node = node.children[k]
index = node.index
return index
for i in range(m):
t = find_word(wordsQuery[i])
ans.append(t if t!=-1 else d_index)
return ans